介绍

最长上升子序列问题，也就是Longest increasing subsequence，缩写为LIS。是指在一个序列中求长度最长的一个上升子序列的问题，是动态规划中一个相当经典问题。在这里我们可以看到，这个上升实质上就是一个对<进行定义的过程，所以我们求解的其实是一类问题，也就是在给定序列中求解长度最长的符合某一性质的子序列的问题。在下面总结的过程中，我还是以递增为例进行阐述。

O(n^2)的动态规划方法

dp[i]表示以i结尾的子序列中LIS的长度。然后我用dp[j](0<=j<i)来表示在i之前的LIS的长度。然后我们可以看到，只有当a[i]>a[j]的时候，我们需要进行判断，是否将a[i]加入到dp[j]当中。为了保证我们每次加入都是得到一个最优的LIS，有两点需要注意：第一，每一次，a[i]都应当加入最大的那个dp[j]，保证局部性质最优，也就是我们需要找到max(dp[j](0<=j<i))；第二，每一次加入之后，我们都应当更新dp[j]的值，显然，dp[i]=dp[j]+1。 如果写成递推公式，我们可以得到dp[i]=max(dp[j](0<=j<i))+(a[i]>a[j]?1:0)。 于是我们就能够得到O(n^2)的动态规划方法的实现：

const int MAXN = 1010;
int n;
int a[MAXN];
int dp[MAXN];

int lis()
{
    memset(dp, 0, sizeof(dp));
    int Max;
    for (int i = 0; i < n; ++i)
    {
        Max = 0;
        for (int j = 0; j < i; ++j)
        {
            if (a[i] > a[j])
            {
                Max = max(Max, dp[j]);
            }
        }
        dp[i] = Max + 1;
    }
    Max = 0;
    for (int i = 0; i < n; ++i)
    {
        if (dp[i] > Max)    Max = dp[i];
    }
    return Max;
}

O(nlogn)的动态规划+二分方法

在前一种方法中，我们花费了很多时间在寻找最大的dp[j]上。如果有办法让这个dp[j]变成一个递增的序列，我们就能使用二分来进行优化，从而使得复杂度下降为O(nlogn)了。 幸运的是，这种方法确实是存在的。我们可以使用dp[i]来保存在前i个数中最大的那个数，很容易可以理解，这个dp[i]已经是单调不减的。接下来的处理其实有些贪心的思想，对于每一个a[i]，我们都在dp数组中寻找比它大的第一个数的下标，不妨设为pos，然后用a[i]来更新dp[pos]。于是我们可以明白，len就应当是max(len, pos+1)。

在这里我们使用lower_bound函数，这个函数将会返回小于等于val的第一个值的指针，如果不存在就返回end指针。

const int MAXN = 1010;
int n;
int a[MAXN];
int dp[MAXN];

int lis()
{
    memset(dp, 0, sizeof(int)*n);
    int len = 1;
    dp[0] = a[0];
    for (int i = 1; i < n; ++i)
    {
        int pos = lower_bound(dp, dp + len, a[i]) - dp;
        dp[pos] = a[i];
        len = max(len, pos + 1);
    }
    return len;
}

更新日志

• 2015年07月31日 初步总结